Question

15．已知橢圓$C：\frac{x^2}{a^2}+\frac{y^2}{b^2}=1（a＞b＞0）$的焦距為2，過(guò)右焦點(diǎn)和短軸一個(gè)端點(diǎn)的直線的傾斜角為$\frac{3π}{4}$，O為坐標(biāo)原點(diǎn)．
（Ⅰ）求橢圓C的方程；
（Ⅱ）設(shè)斜率為k的直線l與橢圓C相交于A，B兩點(diǎn)，記△AOB面積的最大值為S_k，證明：S₁=S₂．

Answer 1

分析 （Ⅰ）利用直線的斜率求出b，然后求解a，即可求橢圓C的方程；
（Ⅱ）證明：設(shè)直線l的方程為y=kx+m，其中k=1或2，A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），聯(lián)立直線與橢圓的方程組，通過(guò)判別式以及韋達(dá)定理，求解弦長(zhǎng)，求出點(diǎn)到直線的距離，表示三角形的面積，然后證明：S₁=S₂．

解答 （本小題滿分12分）
（Ⅰ）解：由題意，得橢圓C的半焦距c=1，右焦點(diǎn)F（1，0），上頂點(diǎn)M（0，b），
所以直線MF的斜率$k=\frac{b-0}{0-1}=tan\frac{3π}{4}=-1$，解得b=1，由a²=b²+c²，得a²=2，
所以橢圓C的方程為$\frac{x^2}{2}+{y^2}=1$．…（4分）
（Ⅱ）證明：設(shè)直線l的方程為y=kx+m，其中k=1或2，A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），
由方程組$\left\{\begin{array}{l}y=kx+m\\ \frac{x^2}{2}+{y^2}=1\end{array}\right.$得（1+2k²）x²+4kmx+2m²-2=0…（5分）
所以△=16k²-8m²+8＞0（*），于是有${x_1}+{x_2}=\frac{-4km}{{1+2{k^2}}}，{x_1}{x_2}=\frac{{2{m^2}-2}}{{1+2{k^2}}}$，所以
$|{AB}|=\sqrt{1+{k^2}}\sqrt{{{（\frac{-4km}{{1+2{k^2}}}）}^2}-4×\frac{{2{m^2}-2}}{{1+2{k^2}}}}=\frac{{\sqrt{1+{k^2}}}}{{1+2{k^2}}}\sqrt{8（2{k^2}-{m^2}+1）}$，…（6分）
因?yàn)樵�點(diǎn)O到直線y=kx+m的距離 $d=\frac{|m|}{{\sqrt{1+{k^2}}}}$，…（8分）
所以${S_{△AOB}}=\frac{1}{2}|{AB}|•d=\frac{{\sqrt{2}}}{{1+2{k^2}}}\sqrt{{m^2}（2{k^2}-{m^2}+1）}$…（9分）
S₂=$\frac{\sqrt{2}}{2}$，${S_{△AOB}}=\frac{{\sqrt{2}}}{9}\sqrt{{m^2}（9-{m^2}）}$，
當(dāng)k=1時(shí)，${S_{△AOB}}=\frac{{\sqrt{2}}}{3}\sqrt{{m^2}（3-{m^2}）}$，所以當(dāng)${m^2}=\frac{3}{2}$時(shí)，S_△AOB的最大值${S_1}=\frac{{\sqrt{2}}}{2}$，驗(yàn)證知（*）成立；
m²=$\frac{9}{2}$，當(dāng)k=2時(shí)，所以當(dāng)時(shí)S_△AOB的最大值，
驗(yàn)證知（*）成立；所以S₁=S₂…（12分）

點(diǎn)評(píng) 本題考查直線與橢圓的位置關(guān)系的綜合應(yīng)用，考查轉(zhuǎn)化思想以及計(jì)算能力．