分析 (1)由題意可知:橢圓M:$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1(a>b>0)焦點在x軸上,將點$(1,\frac{3}{2})$代入橢圓上,即$\frac{1}{{a}^{2}}+\frac{9}{4^{2}}=1$,a=2c,則b2=$\frac{3}{4}$a2,即可求得a和b的值,求得橢圓方程;
(2)設直線PQ的方程為:y=k(x-4),k≠0,代入橢圓方程,得(3+4k2)x2-32k2x+64k2-12=0,由根的判別式得到k∈(-$\frac{1}{2}$,$\frac{1}{2}$),由韋達定理及直線的方程代入x=-y1•$\frac{{x}_{1}-{x}_{2}}{{y}_{1}+{y}_{2}}$+x1=1,由此能證明直線AE過定點(1,0),由橢圓的焦點坐標為(1,0),則直線PE與x軸的交點為F.
解答 解:(1)由題意可知:橢圓M:$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1(a>b>0)焦點在x軸上,
橢圓過點$(1,\frac{3}{2})$,即$\frac{1}{{a}^{2}}+\frac{9}{4^{2}}=1$,
橢圓M關于直線x=c對稱的圖形過坐標原點,
∴a=2c,
由a2=b2+c2,則b2=$\frac{3}{4}$a2,
解得:a2=4,b2=3,
∴橢圓的標準方程$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}=1$;
(2)證明:設直線PQ的方程為:y=k(x-4),k≠0,
∴$\left\{\begin{array}{l}{y=k(x-4)}\\{\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}=1}\end{array}\right.$,整理得:(3+4k2)x2-32k2x+64k2-12=0,
∵過點P0(4,0)且不垂直于x軸的直線與橢圓交于P,Q兩點,
∴由△=(-32k2)2-4(3+4k2)(64k2-12)>0,得:k∈(-$\frac{1}{2}$,$\frac{1}{2}$),
設P(x1,y1),Q(x2,y2),E(x4,-y4),
則x1+x2=$\frac{32{k}^{2}}{3+4{k}^{2}}$,x1•x2=$\frac{64{k}^{2}-12}{3+4{k}^{2}}$,
則直線AE的方程為y-y1=$\frac{{y}_{1}+{y}_{2}}{{x}_{1}-{x}_{2}}$(x-x1),
令y=0得:x=-y1•$\frac{{x}_{1}-{x}_{2}}{{y}_{1}+{y}_{2}}$+x1=$\frac{{x}_{1}{y}_{2}+{x}_{2}{y}_{1}}{{y}_{1}+{y}_{2}}$=$\frac{{x}_{1}•k({x}_{1}-4)+{x}_{2}k({x}_{2}-4)}{k({x}_{1}+{x}_{2}-8)}$=$\frac{2{x}_{1}{x}_{2}-4({x}_{1}+{x}_{2})}{{x}_{1}+{x}_{2}-8}$=$\frac{2×\frac{64{k}^{2}-12}{3+4{k}^{2}}-4×\frac{32{k}^{2}}{3+4{k}^{2}}}{\frac{32{k}^{2}}{3+4{k}^{2}}-8}$=1.
∴直線PE過定點(1,0),
由橢圓的焦點坐標為(1,0),則直線PE與x軸的交點為F.
點評 本題考查橢圓的標準方程,直線與橢圓的位置關系,考查韋達定理,直線方程的應用,考查計算能力,屬于中檔題.
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A. | {-3,5} | B. | {-3} | C. | {5} | D. | ? |
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A. | g(x)在區(qū)間[-$\frac{π}{12},\frac{π}{3}$]上的最小值為-1. | |
B. | g(x)的圖象可由函數(shù)f(x)向上平移2個單位,在向右平移$\frac{π}{3}$個單位得到. | |
C. | g(x)的圖象可由函數(shù)f(x)的圖象先向左平移$\frac{π}{3}$個單位得到. | |
D. | g(x)的圖象可由函數(shù)f(x)的圖象先向右平移$\frac{π}{3}$個單位得到. |
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A. | 充分不必要條件 | B. | 必要不充分條件 | ||
C. | 充要條件 | D. | 既不充分也不必要條件 |
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A. | {3,6} | B. | {4,5} | C. | {2,4,5} | D. | {2,4,5,7} |
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A. | $\sqrt{(-5)^{2}}$=-5 | B. | $\root{4}{{a}^{4}}$=a | C. | $\sqrt{{7}^{2}}$=7 | D. | $\root{3}{(-π)^{3}}$=π |
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A. | $({\frac{1}{3},1})$ | B. | $({-∞,\frac{1}{3}})∪({1,+∞})$ | C. | $({-\frac{1}{3},\frac{1}{3}})$ | D. | $({-∞,-\frac{1}{3}})∪({\frac{1}{3},+∞})$ |
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