12.如圖(1)所示,以線段BD為直徑的圓經(jīng)過(guò)A,C兩點(diǎn),且AB=BC=1,BD=2,延長(zhǎng)DA,CB交于點(diǎn)P,將△PAB沿AB折起,使點(diǎn)P至點(diǎn)P′位置得到如圖2所示的空間圖形,其中點(diǎn)P′在平面ABCD內(nèi)的射影恰為線段AD的中點(diǎn)Q,若線段P′B,P′C的中點(diǎn)分別為E,F(xiàn).
(1)證明:A,D,E,F(xiàn)四點(diǎn)不共面;
(2)求幾何體P′ADE的體積.

分析 (1)假設(shè)A、D、E、F四點(diǎn)共面,推導(dǎo)出BC∥AD,與BC∩AD=P矛盾,由此能證明A,D,E,F(xiàn)四點(diǎn)不共面.
(2)幾何體P′ADE的體積${V}_{{P}^{'}-ADE}={V}_{E-{P}^{'}AD}$,由此能求出結(jié)果.

解答 證明:(1)(反證法)假設(shè)A、D、E、F四點(diǎn)共面,
∵EF∥BC,BC?平面AEFD,EF?平面AEFD,
∴BC∥平面AEFD,
又平面AEFD∩平面ABCD=AD,且BC?平面ABCD,
∴BC∥AD,
就與圖(1)中BC∩AD=P矛盾,
故假設(shè)不成立,即A,D,E,F(xiàn)四點(diǎn)不共面.
解:(2)∵BD是圓的直徑,∴∠BAD=∠BCD=$\frac{π}{2}$,
在Rt△ABD和Rt△BCD中,
∵AB=BC=1,BD=2,∴$AD=CD=\sqrt{3}$,且$∠ADB=∠BDC=\frac{π}{6}$,
∴$∠ADC=\frac{π}{3}$,連結(jié)AC,則△ACD為正三角形,
又Q為AD中點(diǎn),連結(jié)CQ,則CQ⊥AD,
又點(diǎn)P′在平面ABCD內(nèi)的射影恰為線段AD的中點(diǎn)Q,
∴P′Q⊥底面ABCD,
AD=AC=DC=$\sqrt{3}$,QC=$\sqrt{3-\frac{3}{4}}$=$\frac{3}{2}$,
設(shè)PQ=x,則由切割線定理得:${P}^{'}A({P}^{'}A+\sqrt{3})={P}^{'}B({P}^{'}B+1)$,
即$\sqrt{{x}^{2}+\frac{3}{4}}$($\sqrt{{x}^{2}+\frac{3}{4}}$+$\sqrt{3}$)=$\sqrt{{x}^{2}+\frac{7}{4}}$($\sqrt{{x}^{2}+\frac{7}{4}}+1$),
解得P′Q=x=$\frac{3}{2}$,
∴${S}_{△{P}^{'}AD}=\frac{1}{2}×AD×{P}^{'}Q$=$\frac{1}{2}×\sqrt{3}×\frac{3}{2}$=$\frac{3\sqrt{3}}{4}$,
E到平面P′AD的距離d=$\frac{1}{2}AB$=$\frac{1}{2}$,
∴幾何體P′ADE的體積:
${V}_{{P}^{'}-ADE}={V}_{E-{P}^{'}AD}$=$\frac{1}{3}×{S}_{△{P}^{'}AD}×d$=$\frac{1}{3}×\frac{3\sqrt{3}}{4}×\frac{1}{2}$=$\frac{{\sqrt{3}}}{8}$.

點(diǎn)評(píng) 本題考查四點(diǎn)不共面的證明,考查幾何體的體積的求法,是中檔題,解題時(shí)要認(rèn)真審題,注意空間思維能力的培養(yǎng).

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